注意到输入的数据均为整数，而相对于直接的 $[s,t]$，$-0.1$ 和 $+0.1$ 这一拓宽区间的行为显然不会让答案更大，也更不可能让答案更小，所以可以直接去掉。

于是题意可以转化为：

给定 $N$ 条线段，每条线段覆盖 $[l_i,r_i]$，带权值 $c_i$。$M$ 次询问，每次询问给定 $[s,t]$，输出与 $[s,t]$ 相交的线段的权值之和。

显然，数据范围中 $l$ 和 $r$ 偏小，所以直接考虑根据时间戳（即线段端点下标）建立一个桶。瓶颈在于怎么维护数据。

考虑特殊化数据，如果加入的数据是点而不是线段，可以直接用差分思想来计算。具体来说，定义 $\textrm{cnt}_i$ 表示在 $1 \sim i$ 段内点的权值之和，则答案可等价表示为 $1 \sim t$ 的答案减去 $1 \sim s-1$ 的答案，即 $\textrm{cnt}_t-\textrm{cnt}_{s-1}$。

如果假如线段，则可以定义两个数组 $\textrm{cntl}_i$ 和 $\textrm{cnt2}_i$，分别表示 $1 \sim i$ 内出现的线段的权值之和和结束的线段的权值之和，答案即为 $\textrm{cnt1}_t-\textrm{cnt2}_{s-1}$。两个数组使用前缀和预处理即可。

预期得分 $100\textrm{pts}$。

#include <cstdio>
long long cntl[1000002],cntr[1000002],c; 
int n,m,l,r,s,t;
int main() {
	scanf("%d",&n);
	while(n--) scanf("%d%d%lld",&l,&r,&c), cntl[l]+=c, cntr[r]+=c;
	for(int i=1; i<=1000000; i++) cntl[i]+=cntl[i-1], cntr[i]+=cntr[i-1];
	scanf("%d",&m);
	while(m--) scanf("%d%d",&s,&t), printf("%lld\n",cntl[t]-cntr[s-1]);
    return 0;
}